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<slrnt76v92.rco.lhh+news-no_spam@hercule.home.arpa> View for Bookmarking (what is this?) Look up another Usenet article |
Path: ...!3.eu.feeder.erje.net!feeder.erje.net!eternal-september.org!reader02.eternal-september.org!.POSTED!not-for-mail From: Jacques L'helgoualc'h <lhh+news-no_spam@free.fr.isnt.invalid> Newsgroups: fr.rec.photo Subject: Re: photo du soleil ? Date: Thu, 5 May 2022 07:30:42 -0000 (UTC) Organization: Aucune. Lines: 21 Message-ID: <slrnt76v92.rco.lhh+news-no_spam@hercule.home.arpa> References: <t4irq0$i48$1@dont-email.me> <t4iv87$2ol$1@ns507557.dodin.fr.nf> <t4jiqf$v8o$1@dont-email.me> <t4jseg$1fll$2@gioia.aioe.org> <t4kjia$khs$1@ns507557.dodin.fr.nf> <t4mg49$5nf$1@dont-email.me> <t4mm0k$6sb$1@ns507557.dodin.fr.nf> <t4mqbm$at5$2@shakotay.alphanet.ch> <t4nqgt$53e$1@dont-email.me> <t4o9eh$ecr$1@dont-email.me> <slrnt70345.5tm.lhh+news-no_spam@hercule.home.arpa> <t4qnfi$gsa$1@dont-email.me> <t4qsca$n5h$1@dont-email.me> <t4qsmv$rgj$2@dont-email.me> <t4r19s$1ql$1@dont-email.me> <t4r58f$4as$1@dont-email.me> <t4r9qt$f3r$1@dont-email.me> <t4uhon$su9$1@dont-email.me> <t4vob3$sld$1@dont-email.me> MIME-Version: 1.0 Content-Type: text/plain; charset=utf-8 Content-Transfer-Encoding: 8bit Injection-Date: Thu, 5 May 2022 07:30:42 -0000 (UTC) Injection-Info: reader02.eternal-september.org; posting-host="eb1491be82754b1b97103d0858f10930"; logging-data="21770"; mail-complaints-to="abuse@eternal-september.org"; posting-account="U2FsdGVkX18DGHTnzKeYhNzaAkSWmCmX" User-Agent: slrn/1.0.3 (Linux) Cancel-Lock: sha1:DhcD+7zbMatdguMLCyDA2/1Ccrs= Bytes: 2458 Le 05-05-2022, Ghost-Raider a écrit : > Le 04/05/2022 à 20:47, PaulAubrin a écrit : [...] >> 1000 W/m² à midi sur une surface perpendiculaire au soleil. La puissance >> qui arrive au point focal dépend de la surface de la lentille extérieure >> de l'objectif. > > Un objectif de 35 mm de diamètre va donc recevoir > 1000 W x (0,035 m / 2)² x 3,10 W par mm² = 0,961625 W arrondis à 1 W > et cette puissance va être concentrée sur le capteur sur une surface de > 24 x 36 / 100 / 100 = 0,0864 mm² arrondie à 0,10 mm² > soit 10 W par mm². > Il reste à connaître la capacité du capteur à dissiper cette chaleur. Il faut réduire cette puissance en multipliant par le cosinus de l'angle entre l'axe optique et la direction du soleil --- tant qu'à abimer un peu le capteur, autant le faire dans un coin. En outre, l'image du soleil s'agrandira en ellipse, ce qui diluera un peu la chaleur :)